正文
海底高铁（洛谷 P3406）
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题目背景
大东亚海底隧道连接着厦门、新北、博艾、那霸、鹿儿岛等城市，横穿东海，耗资1000亿博艾元，历时15年，于公元2058年建成。凭借该隧道，从厦门可以乘坐火车直达台湾、博艾和日本，全程只需要4个小时。
题目描述
该铁路经过N个城市，每个城市都有一个站。不过，由于各个城市之间不能协调好，于是乘车每经过两个相邻的城市之间（方向不限），必须单独购买这一小段的车票。第i段铁路连接了城市i和城市i+1(1<=i<N)。如果搭乘的比较远，需要购买多张车票。第i段铁路购买纸质单程票需要Ai博艾元。
虽然一些事情没有协调好，各段铁路公司也为了方便乘客，推出了IC卡。对于第i段铁路，需要花Ci博艾元的工本费购买一张IC卡，然后乘坐这段铁路一次就只要扣Bi(Bi<Ai)元。IC卡可以提前购买，有钱就可以从网上买得到，而不需要亲自去对应的城市购买。工本费不能退，也不能购买车票。每张卡都可以充值任意数额。对于第i段铁路的IC卡，无法乘坐别的铁路的车。
Uim现在需要出差，要去M个城市，从城市P1出发分别按照P1,P2,P3...PM的顺序访问各个城市，可能会多次访问一个城市，且相邻访问的城市位置不一定相邻，而且不会是同一个城市。
现在他希望知道，出差结束后，至少会花掉多少的钱，包括购买纸质车票、买卡和充值的总费用。
输入格式
第一行两个整数，N，M。
接下来一行，M个数字，表示Pi
接下来N-1行，表示第i段铁路的Ai,Bi,Ci
输出格式
一个整数，表示最少花费
输入输出样例
输入 #1
9 10 3 1 4 1 5 9 2 6 5 3 200 100 50 300 299 100 500 200 500 345 234 123 100 50 100 600 100 1 450 400 80 2 1 10
输出 #1
6394
说明/提示
2到3以及8到9买票，其余买卡。
对于30%数据 M=2
对于另外30%数据 N<=1000 ，M<=1000
对于100%的数据 M,N<=100000,Ai,Bi,Ci<=100000
思想就是简单的差分+前缀和+贪心，然鹅我的代码经过数次修改依然WA了
因此奉上洛谷大佬的代码（大佬不要打我：
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cmath>
#include<cstring>
#define LL unsigned long long
using namespace std;
int n,m;
LL ans=,x,y;
long long a,b,c,p[],val[];
inline long long read(){
long long x=,f=;
char ch;
ch=getchar();
while (ch<''||ch>''){
if (ch='-')f=-;
ch=getchar();
}
while (ch>=''&&ch<=''){
x=x*+ch-'';
ch=getchar();
}
return x*f;
}
inline LL Min(LL x,LL y){
if (x<y)return x;
else return y;
}
inline LL Max(LL x,LL y){
if (x>y)return x;
else return y;
}
int main(){
n=read();
m=read();
for (register int i=;i<=m;++i)p[i]=read();
memset(val,,sizeof(val));
for (register int i=;i<m;++i){
x=Max(p[i],p[i+]);
y=Min(p[i],p[i+]);
val[y]++;
val[x]--;
}
for (register int i=;i<=n;++i)val[i]+=val[i-];
for (register int i=;i<n;++i){
a=read();b=read();c=read();
ans+=Min(a*val[i],b*val[i]+c);
}
cout<<ans;
}
